题意：给你一颗以点1为根的数，有两种操作，一种是把x及其子树的所有点都灌满水，一种是把x及其所有祖先都放空水，一种是询问，问某个点里有没有水？

思路：看网上大多数是树剖，但实际上5e5的数据树剖还是有点慌的。。。我只用了线段树。我们发现，只要一个点被清空之后，如果没有灌水，那么这个点将一直是空的。同理，如果这个点被灌满水后一直不是空的，那么它将一直是满的，所以，这个点的状态实际取决于离查询时间最近的是放水还是灌水。我们可以用线段树来维护这个，我们首先来维护灌水时间，这个在dfs序后用线段树的区间操作，很好完成。那么放水呢？我们换个思维，清空这个点及其祖先，反过来说，如果这个点被清空了，那么一定是它的子树中的某个点被清空了，所以我们可以用线段树查询它被清空的最晚时间，与之前的操作比较，如果清空操作较晚，那么这个点就是空的，否则就是满的。

代码：

#include 
     
      #define LL long long#define INF 0x3f3f3f3f#define db double#define pii pair
      
       #define ls (x << 1)#define rs ((x << 1) | 1)using namespace std;const int maxn = 500010;int a[maxn];int dfn[maxn], tot, sz[maxn];vector
       
         G[maxn];struct node {	int add, del;	int lz;};node tr[maxn * 4];void add(int x, int y) {	G[x].push_back(y);	G[y].push_back(x);}void pushup(int x) {	tr[x].del = max(tr[ls].del, tr[rs].del);}void maintain(int x, int y) {	tr[x].add = y;	tr[x].lz = y;}void pushdown(int x) {	if(tr[x].lz != -1) {		maintain(ls, tr[x].lz);		maintain(rs, tr[x].lz);		tr[x].lz = -1;	}}void build(int x, int l, int r) {	if(l == r) {		tr[x].lz = -1;		return;	}	int mid = (l + r) >> 1;	build(ls, l, mid);	build(rs, mid + 1, r);	pushup(x);}void add1(int x, int l, int r, int ql ,int qr, int val) {	if(l >= ql && r <= qr) {		maintain(x, val);		return;	}	pushdown(x);	int mid = (l + r) >> 1;	if(ql <= mid) add1(ls, l, mid, ql, qr, val);	if(qr > mid) add1(rs, mid + 1, r, ql, qr, val);	pushup(x);}void add2(int x, int l, int r, int pos, int val) {	if(l == r) {		tr[x].del = val;		return;	}	pushdown(x);	int mid = (l + r) >> 1;	if(pos <= mid) add2(ls, l, mid, pos, val);	else add2(rs, mid + 1, r, pos, val);	pushup(x);}int query1(int x, int l, int r, int pos) {	if(l == r) return tr[x].add;	pushdown(x);	int mid = (l + r) >> 1;	if(pos <= mid) return query1(ls, l, mid, pos);	else return query1(rs, mid + 1, r, pos);}int query2(int x, int l, int r, int ql, int qr) {	if(l >= ql && r <= qr) return tr[x].del;	pushdown(x);	int mid = (l + r) >> 1;	int ans = 0;	if(ql <= mid) ans = max(ans, query2(ls, l, mid, ql, qr));	if(qr > mid) ans = max(ans, query2(rs, mid + 1, r, ql, qr));	return ans;} void dfs(int x, int fa) {	dfn[x] = ++tot;	sz[x] = 1;	for (auto y : G[x]) {		if(y == fa) continue;		dfs(y, x);		sz[x] += sz[y];	}}int main() {	int n, m, x, y;	scanf("%d", &n);	for (int i = 1; i < n; i++) {		scanf("%d%d", &x, &y);		add(x, y);	}	dfs(1, -1);	build(1, 1, n);	scanf("%d", &m);	for(int i = 1; i <= m; i++) {		scanf("%d%d", &x, &y);		if(x == 1) {			add1(1, 1, n, dfn[y], dfn[y] + sz[y] - 1, i);		} else if(x == 2) {			add2(1, 1, n, dfn[y], i);		} else {			int tmp1 = query1(1, 1, n, dfn[y]), tmp2 = query2(1, 1, n, dfn[y], dfn[y] + sz[y] - 1);			if(tmp1 <= tmp2) printf("0\n");			else printf("1\n");		}	}}